0.2mol某一元醇,在密闭容器中燃烧后,产物为CO2.CO和H2O,产物经过

1.浓硫酸增重10.8克H2O10.8g,则n（H2O）==10.8/18==0.6mol,n(H)==1.2mol产物再通过灼热的CUO充分反应后,CUO重量减少3.2克CuO+CO==Cu+CO2

HA=H+Ac-cαcαcαKa=cα*cα/(c-cα)c=0.01,P[H]=-lgcα=4,代入上式,离解度α=1%,电离常数Ka=1*10^-6稀释一倍后,c’=0.005,Ka仅随温度变化,

此一元醇是乙醇!一元醇的通式为CnH2n+2O,10.8克水为0.6mol,所以2n+2=6,n=2,所以为乙醇

水-10.8CO=5.6(28*3.2)/16CO2=0.4上一反应产生CO2为8.8共16.816.8/0.2=84

浓硫酸增重7.2g,是水的质量；CUO固体质量减少3.2g,CuO+CO=Cu+CO2---------28--------44------质量减少80－64＝16---------X--------

同时说明产物中含CO0.2mol通过碱石灰增重17.6g说明还原氧化铜的得到的CO2通过上述分析,可以知道0.2mol有机物与0.5mol氧气反应生成H2O0.

假设有1L溶液,HA物质的量是0.1mol,电离的HA是0.1x1%=10-3mol,故电离出H+为10-3mol所以c(H+)=10-3mol/LpH=3

1,[H+]=0.1*0.1%=10^-4mol/LPH=42.该酸为弱酸,升温电离度提高,[H+]浓度增大,PH降低.3.K={[H+]*[A-]}/[HA]=10^-4*10^-4/0.1=10^

选B再答：可逆反应不能达到极限再答：所以AD错了，C选项硫元素少了，所以不对

因为一份二氧化硫反应恰生成一份三氧化硫,故,无论反应进度如何,两者的浓度之和不变.而根据条件有其和恰为0.4mol/L.

A．SO2和O2的浓度增大，说明反应向逆反应方向进行建立平衡，若SO3完全反应，则SO2和O2的浓度浓度变化分别为0.2mol/L、0.1mol/L，因可逆反应，实际变化应小于该值，所以SO2小于0.

1选B根据S守恒知S浓度总和为0.4Mol/L,所以D错.又因为是可逆反应,所以SO2或SO3的浓度不可能达到0.4mol/L,所以A、C错.2选CC+H2O=CO+H2①CO+H2O=CO2+H2②

固体减少量3.2g是CuO中O的质量,物质的量是n=m/M=3.2/16=0.2mol1个CO结合1个CuO中的O原子,所以CO是0.2mol,哪里有疑问?再问：为什么不是CuO而是O？再答：CuO是

PH=8,POH=6[OH-]=1.0×10^-6滴定完后溶液达到以下水解平衡[HA]=[OH][A-]约等于0.05H2O+A-===HA+OH-0.0510^-610^-6K(h)=K(W)/K(

当SO2和O2恰好完全反应转化为SO3时,SO3的浓度就是4mol/L,当然实际上这是一个可逆反应,不可能完全进行,所以SO2的最大值是4mol/L,但是取不到这个值的

89.6L的CO2.n=4mol,其中有4molC原子6molH2O中有氢原子12mol所以,每个该一元醇分子中含有2个C原子,6个H原子.一元醇,则只有一个O分子式：C2H6O乙醇

2SO2+O2=2SO3,反应过程中某一时刻SO2、SO3、O2的浓度分别0.2mol/L,0.2mol/L,0.1mol/L,设容器体积为1L,则此时SO3物质的量为0.2mol,平衡一边倒,相当于

pH=3即溶液中[H+]=10^-3这些H+是弱酸HA电离得到的.即0.2mol/L的HA有10^-3mol/L发生了电离电离度=10^3/0.2=0.5%

包括弱酸中还没完全电离出来的H+

BD.根据等效平衡,提干中0.2molSO2和0.2molSO3相当与0.4molSO2和0.1molO2.与之相比较:A选项相当于0.4nikSO2和0.15molO2,所以SO3大于amol;B选