在同一时刻,P,Q两质点答案

A、由乙图读出t=0.6s时刻质点A的速度方向为沿y轴正方向，由甲图判断出波的传播方向为沿x轴负向．故A错误．B、由甲图读出该波的波长为λ=20m，由乙图周期为：T=1.2s，则波速为：v=λT=20

答案为0.275+1.1=1.375秒：由V=s/t=6/1.1m/s由V=λ/T,得T=λ/v=1.1/3s（其中λ=2m）由题知波向右传播,所以Q点在图示位置开始向下振动,到波峰需要（3/4）T=

A、由图乙看出，t=0.10s时，质点Q的速度方向向下．故A错误．B、t=0.10s时，质点Q的速度方向向下，根据波形的平移得知，该波沿x轴负方向的传播．由甲图知波长λ=8m，由乙图知周期T=0.2s

A、由图看出，P、Q两点平衡位置间的距离等于半个波长，两质点同时回到平衡位置．故A错误．B、P、Q振动情况总是相反，再经14周期，两个质点到平衡位置的距离相等．故B正确．C、两个质点在任意时刻的动量大

这些质点都是在平衡位置的,现在做简谐运动,波是沿着x轴的方向传播的,后面的质点跟着前面的质点在上下运动,p点跟随x坐标比p小且靠近p的质点运动（也就是p点跟随p左边临近的质点运动）,所以p沿着y轴向下

把书多看几遍,记住,一定要认真,不放过任何一个字.你一定就可以自己解决这些问题.

告诉你一个简单的方法：首先让时间倒退.已知波向右,那就是说坐标轴相对向左.已知t=3时,推算t=0时的情况,就是把波倒回去3秒时的图像.倒回去就是把波向左移动,也就是坐标轴相对右移.移多少呢?已知波速

同学,题上说明了t=0.6s时,波峰距离Q点0.2m,而且周期大于0.6m,所以P点到Q点的波形图应该是先波谷,再波峰,此时正好3/4周期.（波长=0.8m)

建议用图像解决上抛是一次函数,斜率小于0简谐运动是cos函数作出v-t图像,让t相等然后就会发现只能一开始vP＜vQ否则位移就无法相等

是一样的.振动物体离开平衡位置的最大距离叫振动的振幅.振幅在数值上等于最大位移的大小.最大位移都是一样的,所以振幅是一样的.

再问：还是不太懂....sorry~我基础不太好，你能帮忙再用书面语言解释一下吗？再答：乙图是P点振动图像，我的答案是此时刻可能的波形图，将y轴向右平移到Q处就可以得到此时的Q所在位置了，从而得到Q点

 延长QN交直线PM于D 显然△ABC∽△QPD∽△NMD 所以DM/MN＝BC/AB,DM/DP＝MN/PQ 在第一式中代入数据解得DM＝0.64m 

设t3>t2>t1,v1=-ωAsinωt1,v2=-ωAsinωt2,v3=-ωAsinωt3根据正弦函数性质v2=v1--->ωt1+ωt2=πv3=-v1-->ωt3-ωt1=πv3=-v2--

以小球为研究对象，球受到重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，如图．作出F1、F2的合力F，则由平衡条件得：F=G．根据△FBF1∽△PQB得：FPQ=FF1PB又FF1=F2，得：

以小球为研究对象，球受到重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，如图．作出F1、F2的合力F，则由平衡条件得：F=G．根据△FBF1∽△PQB得：FPQ＝FF1PB=又FF1=F2，得

作出通过距离为L的P、Q两质点满足题设条件的波形，如下图中的（a）、（b）、（c）、（d）四种情况，Q质点的运动方向已在图中标出．在图（a）中，由图可知，λ2=L，则λ=2L，由波速及波长关系可知：T

加速度相同→回复力相同（方向也相同）→位移相同

BCD根据路程=速度*时间波长为8m第一种情况V×t=(n+5/8)λ意思就是1S内,波走了波长的n个整数倍后又多走了波长的5/8把t=1代入,得V=8n+5第二种情况V×t=(n+3/8)λ把t=1

A、图象切线的斜率等于速度，根据图象可知，P质点的速度大小先大于Q后小于Q，故A正确；B、图象切线的斜率等于速度，由图象可知，P质点的速度越来越小，故B正确；C、在P与Q的交叉点前P的斜率已经小于Q的