如图为两条平行的光滑绝缘导轨,其中半圆轨道竖直

（A）假设电压表满偏，则通过变阻器的电流为I=UR2R0R2+R0＝105A＝2A，则通过电流表的电流2A＜3A，所以电压表满偏正常，电流表的示数为2A．故A错误，B正确；（C）ab棒匀速运动时，水平

把两金属板设为电容C假设金属棒在某处开始匀速下滑速度设为v此时金属棒切割磁感线产生的电动势为E=BLv且电容两端的电压U等于E=BLv则金属棒匀速下滑的过程电动势E=BLv不变故金属棒与电容间的电势差

（1）a棒为电源，b棒和电阻R等值电阻   IaIR＝21（2）b棒保持静止，则mbg sinθ=BIbLIb=mbgsinθBL①Ia=2Ib &n

说真的,这个题目我也做过,你就想一下能量守恒,mgh=1/2mv2V=at两个公式合在一起也就出现在势能和时间的关系了!现在大二,以前的也不太记的了,其实这一类题目主要就是能量守恒,动量守恒,还有一个

线框通过磁场时会损耗能量,每反复一次,装置上升的最大高度都会变小,即整体反复运动的区间会不断下移,经过足够长时间后,线框就不会在进入磁场,也就没有了能量的损耗,那么整体就会在一个固定不变的区间,反复运

首先可以看出你的分析是有问题的.你应该是认为感应电流在线框中的吧?然而,你在分析一下,这应该是动生电动势,也就是切割磁感线产生的电动势,所以实际上电动势就是BLV你一定要问为什么不是2BLV吧?这个你

(1)因为一开始速度为零时,有最大加速度,所以恒力F=ma则Vm=P/F=P/(ma)(2)速度最大时,F安=恒力F,所以BIVm=B^2L^2Vm/(r+R)=ma所以B=……（自己解吧,不好打）(

解（1）加速度在刚开始运动时最大,此时磁场力为零.恒力F=ma.1功率最大时,速度最大,p=FVm.2由1,2得Vm=p/(ma).3(2)功率最大时,速度最大,此时磁场力大小为.F=B^2*L^2*

要列微风方程的话看下面物体f=B²L²v/Ra=f/m=B²L²v/Rm所以s的二阶导数=-B²L²/Rm乘s的一阶导数其中t=0时,s=0

A、从静止开始释放物块，导体棒切割磁感线产生感应电流，由右手定则可知，电阻R中的感应电流方向由c到a，故A正确．B、设导体棒所受的安培力大小为F，根据牛顿第二定律得：物块的加速度a=mg−F2m，当F

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1、最大值是最开始运动的时刻E=BdV0所以I=E/R总=2BdV0/3R方向逆时针（从上往下看）2、稳定时：根据动量守恒有：2mV0=(2m+m)Vt所以Vt=2V0/3整个过程中发热Q=ΔEk=2

（1）设ab棒离开磁场边界前做匀速运动的速度为v，产生的电动势为E=BLv    电路中电流 I=ER+r对ab棒，由平衡条件得 mg-BI

最大速度时电势差为BL(vm-v)a,b各自的安培力为BBLL(v-vm)/2R对于b最大速度时加速度为0受力平衡所以弹簧的力等于安培力BBLL(v-vm)/2R利用能量守恒弹簧的弹性势能为1/2Ma

2mvR\B2L2

解题思路：（1）线框克服安培力做功等于整个回路产生的热量，根据动能定理求出导体棒从静止开始运动到MN处线框克服安培力做的功，从而求出线框产生的热量．（2）在线框进入磁场和离开磁场的过程中，做变加速直线

根据“动能定律”,导体棒在进入磁场前后的动能变化,就是磁场做的功,由于没人能量损失,它将全部转会为热能.所以：E＝mv.v/2（前）-mv.v/2（后）＝m.v方/2-m.v方.(1/4)/2=1/2

（1）受力平衡时有最大速度：F=F安F安=BIL=B2L2vmR+r得：vm=F(R+r)B2l2（2）当速度等于2vm时，F安=2F根据牛顿第二定律：a=F安−Fm=Fm方向水平向左；（3）设棒刚进

导轨的长度远大于2l,所以不存在ab离开导轨后又接触导轨.ab在转了60度时离开导轨,ab与开始的位置和导轨构成一个有60度角的直角三角形.此时电容器内电量最大.此后电容器开始放电.所以通过电阻的电量