如图所示,一轻杆上固定有两个质量相等的小球a和b,轻杆可绕o点在
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/20 01:30:29
答案为B,A,B小球均做匀速圆周运动,加速度由向心力提供且大小不变,而两球向心力都由重力和斜面的支持力提供,因为两球质量相同,且位于同一圆锥,则斜面的支持力也相同,
A、根据平行四边形定则得,N=mgcosθ,则NANB=cos37°cos53°=0.80.6=43.故A正确.B、根据mgtanθ=mv2r=mr4π2T2,r=Rsinθ,解得Ek=12mv2=1
当细绳的拉力达到最大时,设两绳之间的夹角为2θ,则由平衡条件得 2Fmcosθ=G得cosθ=G2Fm=12.解得θ=60°根据几何知识得,细绳最短的长度
对上面的小球做负功,-1/5mgl对下面的做正功,+1/5mgl
a=v2/2Mgr=mr2/2A=2g所以a是一样的
(1)对O点受力分析OA OB OC分别表示三个力的大小,由于三共点力处于平衡,所以0C等于OD.因此三个力的大小构成一个三角形.A项以钩码的个数表示力的大小,则不能构成三角形,故
求两下!求Q1和Q2分别对P的电场力!再求二者的合力!带有正负的运算!
A、C、两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线,此等势线一直延伸到无穷远,则a、b、c三点的电势相等,而且与无穷远处电势也相等,故A错误,C正确.B、两个等量异种电荷的电场中,垂直平分线上c处电
A、由图可知电荷N受到中心电荷的斥力,而电荷M受到中心电荷的引力,故两粒子的电性一定不同.由于中心电荷为正电,则M一定是负离子,N一定是正离子,故A正确;B、由图可判定M电荷在a→p→b运动过程中,先
①由图可知电荷N受到中心电荷的斥力,而电荷M受到中心电荷的引力,故两粒子的电性一定不同.由于中心电荷为正电,则M一定是负离子,N一定是正离子,故①错误;②由图可判定M电荷在运动过程中,电场力做正功,导
解题思路:对共点力的平衡,库仑定律等考点的理解。知识点考点名称:共点力的平衡共点力:作用在物体的同一点,或作用线相交于一点的几个力。平衡状态:物体保持匀速直线运动或静止叫平衡状态,是加速度等于零的状态
(1)以直角尺和两小球组成的系统为对象,由于转动过程不受摩擦和介质阻力,所以该系统的机械能守恒.A、B转动的角速度始终相同,由v=ωr,有v=2vB系统的机械能守恒,得:2mg•2L=3mg•L+12
小环在最低点,根据牛顿第二定律得,F-mg=mv2R.则F=mg+mv2R.对大环分析,有:T=2F+Mg=2m(g+v2R)+Mg.故C正确,A、B、D错误.故选C.
首先,依题,整个过程无能量损失;A:碰撞时,啥也没发生,H=h'时,系统的重力势能和电势能都与初始时相等,即此时动能为0,反弹最高点h=H;D:碰撞时,两球电荷中和,碰撞后,两球带同种电荷,且电荷量减
当弹力等于AD的重力的分力时AD处于平衡状态,由kx=2mgsinθ可知,平衡位置时弹簧的形变量为x0=2mgsinθk,处压缩状态;当B对C弹力最小时,对B分析,则有mgsinθ=Kx+12mgsi
A、B,在下滑的整个过程中,只有重力和弹簧的弹力做功,系统的机械能守恒.故A错误,B正确.C、B球刚到地面时,由于弹簧对系统做的功不能确定,所以B的速度也不能确定.故C错误;D、根据系统机械能守恒得,
A、C、等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线,一直延伸到无穷远处,即a、b、c三点与无穷远电势相等.故A错误,C正确.B、a、b两点场强方向相同,b处电场线较密,场强较大.故B错误.D、带电粒子(
半圆形支架中有二力F1F2结于圆心O,下悬重为G的物体使F1固定不动将F2的外端沿半圆支架从水平位置逐渐向竖直的位置移动问移动过程中 F1和F2的大小变化就是这些了下
分析:⑴、“系统平衡时,AO与竖直方向夹37°角”.∴对于O点力矩平衡方程为:m甲gAOsin37°=m乙gBOcos37°;由于“AO=BO=L”,∴m甲:m乙=4:3⑵、由于“直角尺的顶点O处有光
完全相同的金属碰撞后,所带电荷一定变为同种电荷.A碰撞后无变化,无能量损失,动能一定还会转化为势能,包括重力场势能和电场势能,因此A正确.C碰撞后电荷中和,电场所做的功也要转化为重力场势能,因此C不对