如图所示,倾角37°,长l=16m
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/20 11:44:18
(1)设铁块落地之前加速度大小为a1,绳子拉力为T1,则对B:3mg-T1=3ma1对A:T1-mgsin37°-μmgcos37°=ma1联立并代入数据得:a1=5m/s2(2)铁块落地瞬间,木块沿
因为如果达到了,就不受动摩擦力而是静摩擦力了.所以就不能用位移公式再问:为什么能忽略传送带速度…?再答:考察物体运动的时候传送带的速度没有关系,有关系的是在于传送带速度对于物体运动的影响
仔细阅读题目,题目中说的是物体“相对”传送带向上运动,也就是说物体也是向下运动的,只是传送带运动速度比物体下滑速度快,所以物体以传送带为参照物时,是向上运动的
按答案的步骤代数算完以后答案就是-15J,没有错.再问:求详细代入过程 谢谢再答:Wf=μmgscos53°-μmg(L-s)cos53°=0.5*1*10*2.5*0.6-......你少
解析:(1)物块向下做加速运动,设其加速度为a1,木板的加速度为a2,则由牛顿第二定律对物块:mgsin37°-μ(mgcos37°+qE)=ma1对木板:Mgsin37°+μ(mgcos37°+qE
进入二区时,磁通量的变化是向里增加,电流就应该反向了即由a到b,用左手定则手心向外,四指指向b所以安培力是向上的
(1)A、B、C处于静止状态时,设B、C间距离为L1,则C对B的库仑斥力:F0=kqCqBL21 以A、B为研究对象,根据力的平衡 F0=(mA+mB)gsin30°&
1.将两球加细绳当做一个整体M来分析:这样,这个M所受的力就可简化为:自始至终只受其自身重力Mg也就是2mg=20N的(方向竖直向下)以及沿斜面向上的恒力F=11N,以及斜面对M的支持力N,这三个力的
下落加速度a1=(mgsinθ-umgcosθ)/m=2m/s^2,所以下落时间t1=(2L/a1)^0.5=3s,所以相对距离L1=L+v*t1=21m;此时v1=6m/s,方向向下,之后反向向上,
(1)设小球击中滑块时的速度为v,竖直速度为vy,由几何关系得: v0vy=tan37°…①设小球下落的时间为t,竖直位移为y,水平位移为x,由运动学规律得: 竖直分速度vy=gt
对平板,由于Mgsin37°<μ(M+m)gcos37°,故滑块在平板上滑动时,平板静止不动.对滑块:在薄板上滑行时加速度a1=gsin37°=6m/s2,到达B点时速度 &nb
设金属棒在撤去外力后还能沿斜面向上运动的最大距离为s,所需时间为Δt,则这一段时间内的平均感应电动势E=BLs/Δt,平均感应电流I=E/R=BLs/RΔt,则金属棒发热为I^2R=B^2L^2s^2
由牛顿第二定律对滑块:ma1=mgsinθ-μ1mgcosθ可得a1=4m/s^2对平板:Ma2=Mgsinθ+μ1mgcosθ-μ2(m+M)gcosθ可得a2=1m/s^2设滑块运动到平板的下端B
在斜面做圆周运动的等到效重力为mgsinα,当物体恰能过最高点时,它在最低点的速度最小,由机械能守恒可得:mV2/2=2mgL+mLgsinα/2,由此可求得物体在最低点的速度.方法与在竖直平面内做圆
由静止释放到链条刚好全部脱离斜面时,链条的重力势能减小为:mg(L2sin30°+L2)=34mgL;由于斜面光滑,只有重力对链条做功,根据机械能守恒定律得:34mgL=12mv2解得,v=6gL2(
设匀加速直线运动的时间为t1,匀速直线运动的时间为t2,根据v2t1+vt2=L得,t1+2t2=5,又t1+t2=2.9s,则t1=0.8s,t2=2.1s.则物体匀加速直线运动的加速度a=vt1=
这个地方可能是存在理解上的歧义.题意是指不输送麻袋包与输送麻袋包相比,也就是说,空转消耗一定的电能,输送的时候需要多消耗一定的电能.这里的额外,指的是“多消耗”的意思.再答:整体上来说,特别是在高中,
(1)对M、m,由牛顿第二定律得,F-(M+m)gsinα=(M+m)a对m,有f-mgsinα=maf≤μmgcosα代入数据解得F≤30N.(2)当F=37.5N>30N,物块能滑离木板,对M,有
首先,楼主在列热量的表达式时,因为电动势是变化的,所以用了平均值,这是不对的,求热量需要用有效值,有效值很难求解.另外,我百度了一下,网上多半已经告诉s的大小了,过程较简单.如果告诉的是时间,那么就需