如图所示,截面积为0.2m^2的100匝圆形线圈A处在变化的磁场中

水的体积：V=2L2•（0.5L+L）-0.5V3=2.5V3木块下降过程中水面会上升.木块又开始到淹没,水面高度由1.5L变为H=（2.5V3+V3）/（2L2）=1.75L下沉过程分两

因为下表面倾斜,而且倾斜越厉害,面积就越大与S/cosa相符.另外也可以从下表面的直径(是个椭圆）来看,正好一个是r/cosa,一个还是r,这样面积就是S/cosa

函数关系假设为Y=A*X^2带入（0.8,-2.4）得到,A=-（3/0.8）（2）带入Y=-1.5X^2=0.5*0.8=0.4ED=2*0.4^(0.5)比较ed和1的大小,等价于比较0.4^(0

对活塞受力分析可知，P0S+mg=P1S，所以时气缸内气体的压强为P1=P0+mgS现用手握住手柄慢慢向上提，对气缸的底部受力分析可得，P2S+Mg=P0S，所以此时气体的压强为P2=P0-MgS故答

解；整个过程中气体做等压变化，对活塞和气缸整体受力分析，知弹簧弹力等于活塞和气缸整体的重力，由于整体的重力不变，弹簧的弹力不变，故温度变化时，体积变，气缸下移，故C对B错．气体温度升高，对气缸受力分析

设y=ax²+bx+c将（0,0）、（-0.8,-2.4）、（0.8,-2.4）代入c=0b=0a=-30/8代入第一行就是抛物线的函数关系式y=-15/4x²

（1）因磁场是以图示的方向（打叉）为正方向,由B=0.6-0.02t,可知线圈中的感应电流方向是顺时针方向（楞次定律）,所以通过R2的电流方向是向下.由于线圈横截面积S不变,所以线圈的电动势是　E＝n

函数经过(0.8,-2.4)带入方程得y=-3.75x^2ED是y=-0.4与y=-3.75x^2的焦点的长度.则代入得0.4=3.75X^2求解得X1和X2ED=|X1-X2|

P=Po+mg/S1

第一秒内：E=nΔBS/Δt=100(0-0.02)0.2/1=-0.4v(B负值,磁场向内,第一秒,B在减小,C上正电）I=E/(r+R1+R2)=1/30A,U2=IR2=1/30*6=1/5vQ

A、以三个物体组成的整体为研究对象，受到总重力和地面对A和B支持力，两个支持力大小相等，则由平衡条件得知：地面对B的支持力为2mg，则由牛顿第三定律得知B对地面的压力大小也为2mg；故A错误．B、地面

设圆的直径为x，则相交弦定理可得4×4=2×（x-2）．解得x=10．

你可以设定横坐标是-0.8但是纵坐标肯定不是0嘛,纵坐标应该是涵洞底部与水面的距离.你假设抛物线的方程是y=ax^2+b吗,那么A点的坐标就是-0.8b-2.4.如果算ef宽度,先假设宽度为k.那么可

P气=Po-Mg/S再问：答案不是这个，要过程再答：以气缸为研究对象Mg=（Po-P气）S再问：但答案ship0+(M－m)g/S再答：没有活塞的事，研究对象是红色的气缸我的图画的正确么？再问：为什么

1据能量守恒可得1/2mVo2=fLmgh2;据动量守恒mVo=(m2m)Vt再据能量守恒1/2mVo2=1/2(m2m)Vt2fx然后s=2L-x再问：你的加号呢？再答：加号没打到,因为前面物块先走

在水平方向上系统始终没有外力作用,所以在水平方向上动量守恒.木块达到最高点h时,相对P静止,两者速度相同相对地面水平向左,初末速度都是水平方向的就可以列式：mv0=(m+2m)v1同样,返回后相对静止

摩擦力是内力,但是这个力使物体产生了相对位移,所以有热量产生,当然就有其他形式的能量损失.

（1）设木块和物体P共同速度为v，两物体从开始到第一次到达共同速度过程由动量和能量守恒得：mv0=（m+2m）v…①12mv02＝12(m+2m)v2+mgh+fL…②由①②得：f＝m(v02−3gh

摩擦力使得p也加速了,到h时是木块相对p静止,也就是说两物体同速前进,谁说回来时向右了?一样向左,和h时速度一样,下滑和上去时重力都使得p向左加速,下来后摩擦力使得p减速.

动量守恒没有问题,能量守恒和动能定理差不多,如果是用系统的动能定理的话应该写成这样0.5（m+2m）v²-0.5mv0²=-mgh-fL,其中如果用系统的动能定理,摩擦力做的功要用