如图所示,质量M=2KG,长L=2m的长木板静止放置在光滑水平面上

（1）设小球能通过最高点，且此时的速度为v1．在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒．则  12mv21+mgL＝12mv20得   v1＝6

动量守恒mv1-Mu=0①动能定理1/2Mu^2+1/2mv1^2+mgL=1/2mvo^2②如果没有锁定,则机械能守恒1/2mvo^2=mgL+1/2mv2^2③比较①②③式可得v2>v1所以对于不

（1）设小球能通过最高点，且此时的速度为v1．在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒．则 12mv12+mgL＝12mv02…①v1＝6m/s…②设小球到达最高点时，轻杆对小球的作用

按答案的步骤代数算完以后答案就是-15J,没有错.再问：求详细代入过程 谢谢再答：Wf=μmgscos53°-μmg(L-s)cos53°=0.5*1*10*2.5*0.6-......你少

解(1)：F=μmg=0.1×1×10=1N（2）：E=f摩×L=1×1.69=1.69J

解析：(1)物块向下做加速运动,设其加速度为a1,木板的加速度为a2,则由牛顿第二定律对物块：mgsin37°－μ(mgcos37°＋qE)＝ma1对木板：Mgsin37°＋μ(mgcos37°＋qE

（1）物体A滑上木板B以后，做匀减速运动，有μmg=maA得aA=μg=2m/s2木板B做加速运动，有F+μmg=MaB，得：aB=14m/s2两者速度相同时，有v0-aAt=aBt得：t=0.25

（1）对小物块受力分析      由牛顿第二定律：F-μ1mg=ma      

（1）设A和C一起向右加速，它们之间静摩擦力为f，由牛顿第二定律得：F=（M+mA）a，解得：a=3m/s2，对A，f=mAa=1×3=3N＜μmAg=4N，则A、C相对静止，一起加速运动；（2）A在

A受到的滑动摩擦力Ff=uABmAg=0.2*1*10=2N,A的加速度aA=Ff/mA=2/1=2m/s²,B的加速度aB=（F-Ff）/M=2.52m/s²＞2m/s²

(1)设小物块滑到圆弧轨道底端Q的速度vQ,在小物块从圆弧轨道上滑下的过程中,由机械能守恒定律得mgR=mvQ2／R小物块在圆弧轨道底端Q,由牛顿第二定律有N-mg=mvQ2／R联立解出N=30N由牛

根据牛顿第二定律，M的加速度为：a＝F−μ(M+m)gM=12−0.25×(2+2)×102m/s2=1m/s2假设4s内m不脱离M，则M的位移为：x＝12at2=12×1×42m＝8m＞2m所以，4

匿名|浏览次数：6538次如图所示,水平轨道上,轻弹簧左端固定,自然状态时右端位于P点.现用一质量m=0．1kg的小物块（视为质点）将弹簧压缩厣释放,物块经过P点时的速度v0=18m／s,经过水平轨道

（1）由牛顿第二定律知滑块和木板加速度分别为a1=F−μmgm=10−0.2×202m/s2＝3m/s2；a2=μmgM=0.2×204m/s2＝1m/s2它们的位移关系为12a1t2-12a2t2=

（1）设经t0时间物体A滑离木板，则对A：SA=v0t0对木板B：SB=12at20SA-SB=L联立解得：t0=2s，t′=3s（舍去）（2）AB间的滑动摩擦力为：fAB=F=8N此时地面对B的摩擦

A、B/小木块的加速度为：a1＝F−μmgm＝4−21＝2m/s2，木板的加速度为：a2＝μmgM＝1m/s2，脱离瞬间小木块的速度为：v1=a1t=4m/s，木板的速度为：v2=a2t=2m/s．故

图在哪里啊?再问：再答：先进行受力分析再答：本题主要用牛顿第二定律再问：木板会动，我就不会分析了。再答：F＝ma再问：还是不会…再答：它的位移指的是相对位移再答：还是0再问：啊？再答：是相对地面的位移

f=mAa=1×3=3N＜μmAg=4N这一步是判断木块A在C上面有无相对运动,假如达到最大静摩擦,也就是说相对C有运动时.以上计算的答案就错了.至于为什么不是C与A的摩擦力使A有加速度,没错就是摩擦

1）预使m从M上滑下来,需要M的加速度>m的最大加速度；m的最大加速度实在m和M产生滑动摩擦时出现的,此时m受到的外力（只考虑水平方向）=mgu=4NM受到的外力＝F-mgu=F-4N,其加速度a(M

设地面与木板的摩擦力为f,则有f=u(M+m)g=6N.把M与m整体考虑,M对地的加速度为a=1m/s2,m对地的加速度为-a=-1m/s2,故F-f=Ma+m(-a)计算得F=7Nm相对于M的加速度