如图所示,长L=4m的传送带以v=2m s的速度

水平传送带AB长L=8.3m第16颗子弹击中前,木块向右移动的位移为：s=15×0.5m=7.5m8.3m-7.5m=0.8m

（1）传送带L=8m,op=2m,则PQ=6m物体放上后a=ug=5m/s2可知,物体到达Q点V=5m/s在利用机械能守恒N点的纵坐标Y=1.25m（2）只有在开始物体从速度为0加速到5m/s时会产生

摩擦力方向永远是与物体间相对运动方向（或相对运动趋势方向）相反.如果觉得摩擦力方向不好确定,那么可以先将摩擦力去掉,判断物体相对传送带向哪边运动,摩擦力方向与该相对运动方向相反.判断出摩擦力方向后,在

因为如果达到了,就不受动摩擦力而是静摩擦力了.所以就不能用位移公式再问：为什么能忽略传送带速度…？再答：考察物体运动的时候传送带的速度没有关系，有关系的是在于传送带速度对于物体运动的影响

1、势能与动能转化公式得mgR=mv^2/2,得滑块在圆弧低端是速度为v=4m/s,滑块滑动时受到传送带反向摩擦力作用,摩擦力造成的加速度为a1=0.2g=2,滑动时间为v0-at=0,t=2s,s=

传送带不是光滑平面,所以存在摩擦系数,令物体与传送带之间的动摩擦系数为μ,则物体的减速度为a=μg以传送带为参照物,物体相对传送带以v''=v'-v=4-2=2m/s的初速度向左做匀减速直线运动,减速

开始物块先加速：加速度a=μg=0.2*10=2m/s^2可加速距离：L1=v^2/(2a)=4^2/(2*2)=4m＞3m,即全长都在加速L=1/2at^2物块从左端运动右端所需时间：t=根号(2L

下落加速度a1=(mgsinθ-umgcosθ）/m=2m/s^2,所以下落时间t1=（2L/a1）^0.5=3s,所以相对距离L1=L+v*t1=21m；此时v1=6m/s,方向向下,之后反向向上,

（1）当传送带静止时，物块受力分析如图a所示，则由牛顿第二定律可得：-μmg=ma  所以a=-μg=-5 m/s2，所以加速度的大小为5 m/s2．（2）由匀

由于小木块的初速度为零,所以在达到传送带的速度之前,滑动摩擦力的方向向下,根据牛顿第二定律,第一阶段加速度a1mgsin370+umgcos370=ma1代入数据得到a1=8m/s2所以第一阶段的时间

对物块：umg=maa=2m/s^2v^2=2ax把v=4m/s代入,x=4mx2=16m-4m=12mt1=v/a=2st2=x2/v=3st=t1+t2=5s

刚开始时，合力的大小为F合1=mgsin37°+μmgcos37°，由牛顿第二定律，加速度大小a1=F合1m=8m/s2，该过程所用时间t1=v0a1=0.5s，位移大小s1=v022a1=1m．二者

加速度＝ug＝5m/s^2所以t=[5-(-10)]/5=3s物体的位移=-10x3+5x3^2/2=-15/2传送带的位移=5x3=15m所以相对位移＝15-(-15/2)=45/2再问：物块有一段

摩擦力f=0.4*1*10=4N当运动到最大距离时,动能全部变为热能则由动能定理得1/2mv^2=umgxx=4.5m,加速度a=4/1=4时间t0=v^2/2a=4.5s然后小物块做向左的匀加速运动

物块加速度大小始终为2m/s².（1）放在左端则物块向右加速,到与传送带共速所用时间为1s,位移为1m,则还需4/2=2s才能到右端即总用时为3s.（2）从右端则向右减速,至速度为0用时4/

1:假设物体在到右端时已经达到传送带速度,则v=at,a=0.2mg/m=2m/s^2,t=1m/s^2,走过路程d=1m<4m,满足假设,所以总时间T=t+t'=2.5s\x0d2;小物块一直

G=1kg*10m/s²=10N,摩擦力F=μG=2N不能,因为工件在传送带上获得的动能：E=FS=2N*1M=2J,而提高到DE所需的动能为1kg*10m/s²*0.5m=5j,

整个过程分几个部分：在圆弧AB滑下,末速度为vB,机械能守恒mgR=½mvB²  vB=√2gR=4m/s在传送带BC上滑动,vB大于传送带的速度,开始做匀减速

（1）第一颗子弹射入木块过程中动量守恒mv0-Mv1=mv+Mv1′…①解得：v1′=3m/s…②木块向右作减速运动加速度：a=μg=5 m/s2…③木块速度减小为零所用时间：t1＝v1′a