如图所示一足够长的光滑斜面倾角为37,一带有正电的小物块
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/24 09:28:01
当洛伦兹力等于重力垂直斜面向下的分力时,物体开始离开斜面.有:mgcosα=qvB.解得v=mgcosαqB.物体离开斜面前做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律,a=mgsinαm=gsinα.则运动的
线框通过磁场时会损耗能量,每反复一次,装置上升的最大高度都会变小,即整体反复运动的区间会不断下移,经过足够长时间后,线框就不会在进入磁场,也就没有了能量的损耗,那么整体就会在一个固定不变的区间,反复运
物体在水平面上运动过程:设撤去F前后物体的加速度大小分别为a1、a2,由牛顿第二定律得:F-μmg=ma1,μmg=ma2,代入解得a1=2m/s2,a2=2m/s2.恒力F作用t=2s后物体的位移为
A:因为两物体质量相同,并在初期始终以相同的速度运动,由AB在Q点时分离可知,此时A受到了弹簧的拉力,即弹簧恰好恢复原长QM,此后开始表现出拉力,所以此时弹性势能为零B:由题目我们可以看出,在P点时,
(1)机械能守恒,因为链条与斜面间无摩擦,无机械能损失(2)设链条质量为m,则L-a段质量为m1=(L-a)/L*m,a段质量为m2=a/L*m以AB水平面为0势能面,则起始时,L-a段重心在0处,a
你先不要急,楼上是错误的,等会我做详细解答!应是14J!再问:好啊,“详细”这词儿我爱听,呵呵再答:先看看
(1)小球在斜面上运动的加速度aa=gsin37^0=6m/s^2设两球相遇所用时间tL=v01t+1/2at^2对平抛运动Lsin37^0=1/2gt^2Lcos37^0=v02ttan37^0=g
(1)A到D过程:根据动能定理有A到D过程:根据动能定理有mg×(2R-R)-μmgcos45°×2R/(sin45°)可求:μ=0.5(2)若滑块恰能到达C点,根据牛顿第二定律有mg=MV²
第一问解答确实不严谨,第三问的解答中的分析貌似也有问题,应该假设摩擦力为最大,即μmgcosα,计算两个物体的加速度,如果M加速度大于m,说明确实有相对滑动,如果M加速度小于m,则没有相对滑动再问:嗯
回答1:绸带两端各一个物体,每个物体都受到重力,支持力,摩擦力.在最大静摩擦力比较大的前提下,两物体可以与绸带都无相对滑动(受静摩擦),此时绸带受到M给的方向向左下的f1=Mgsinα和m给的方向向左
小球在斜面上受到重力G竖直向下、斜面支持力FN垂直斜面向上,洛伦兹力f垂直斜面向上,当f=Gcosθ时,FN=0,此时小球即将脱离斜面.由f=qvB求得v=f/qB=Gcosθ/qB小球在斜面上下滑的
mg=qEqvB=(qE+mg)cos30°v=(qE+mg)cos30°/qB1/2mv²=(qE+mg)Lsin30°L=mv²/(qE+mg)=3m(qE+mg)/q
【答案】AC 【解析】由于绸带与斜面之间光滑,并且M>m,所以M、m和绸带一起向左滑动,加速度为,整体法Mgsinθ-mgsinθ=(M+m)a 隔离法,对M有,Mgsinθ-f1=ma 对m有
(1)mgsin-Tsin(-a)=ma转化为Tsin(-a)=mgsin-maTcos(-a)=mgcos1、2式相比消去T即可(2)将(1)中结果与(2)联立消去a、g即可
解题思路:(1)线框克服安培力做功等于整个回路产生的热量,根据动能定理求出导体棒从静止开始运动到MN处线框克服安培力做的功,从而求出线框产生的热量.(2)在线框进入磁场和离开磁场的过程中,做变加速直线
A、根据能量守恒,除了重力之外的力对物体做功时,物体的机械能就要增加,增加的机械能等于外力作功的大小,由于拉力对物体做的功为80J,所以物体的机械能要增加80J,撤去拉力之后,物体的机械能守恒,所以当
以小球为研究对象.小球受到重力mg、斜面的支持力N和细线的拉力T,在小球缓慢上升过程中,小球的合力为零,则N与T的合力与重力大小相等、方向相反,根据平行四边形定则作出三个位置力的合成图如图,则得当T与
由静止可知:qE=mg当小球恰好离开斜面时,对小球受力分析,受竖直向下的重力、电场力和垂直于斜面向上的洛伦兹力,此时在垂直于斜面方向上合外力为零.则有:(qE+mg)cosθ=qvB由动能定理得:(q
a=gsinA(取g=10m/s^2)a=5所以A=30度
水平位移:x=v0t竖直位移:y=1/2gt^2tan37°=y/x联立以上三式求解可得:t=1.8s