如图所示质量为2kg棱长为10cm

当A滑上B时受到B给A的摩擦力,向后,A做匀减速直线运动.根据作用力与反作用力可知B收到A向前的摩擦力,做匀加速直线运动~当A和B的速度一样时,两物体没有相对运动,摩擦力消失,一起做匀速直线运动!A：

根据动量守恒定律得，mv0=（M+m）v根据能量守恒定律得：fl=12mv02−12(m+M)v2f=μmg代入数据，解得v0=4m/s．故选D．

（1）小球在A点受力平衡,电场力和重力的合力方向沿绳方向.所以Eq=mgtan37°q=mgtan37°/E=2*10^-4*10*(3/4)/（3*10^4）=5*10^-8C（2）设最低点速度v.

根据偏转角和铜线长度,计算出铜棒在竖直方向上的位移,再乘以铜棒的重力,等于重力势能的增加数,即1m*(1-cos37)*0.06kg*9.8N/kg=重力势能变化量(J);再根据安培力公式F=BIL,

（1）对木板受力分析，由牛顿第二定律得：F-μ1（M+m）g=Ma由运动学公式，得L＝12at2代入数据解得：t=2s（2）对物块为研究对象在木板上时：μmg=ma1在地面上时：2μmg=ma2设物块

答案如下：（1）最大距离为0.6米          （2）铁块最终距车的左端为1.44米 

1）用Vt^2-V0^2=2aSa=uMg/mVt=3联立得S=0.3m3）由于小车与地没有摩擦,且碰撞时候没有能量损失,最后系统所有的动能全部转换成摩擦生热,所以可由其算出相对位移uMgs=1/2m

(1)设小物块滑到圆弧轨道底端Q的速度vQ,在小物块从圆弧轨道上滑下的过程中,由机械能守恒定律得mgR=mvQ2／R小物块在圆弧轨道底端Q,由牛顿第二定律有N-mg=mvQ2／R联立解出N=30N由牛

（1）aA=ug=1m/s^2,Sa=1/2aAt^2=0.5m(2)B受到A的摩擦力大小为f=umag=0.8N,方向与F相反aB=(5.6-0.8)/2=2.4m/s^2Sb=1/2*2.4=1.

前4秒钟m与M之间的摩擦力F1可以带动M加速运行并克服M与水平面的摩擦力F2,可以看出F1大于F2.因此,在m与M共同移动时,F2不足于克服F1,即m与M不存在相对运动.根据力与加速度的关系：对前4秒

根据牛顿第二定律，M的加速度为：a＝F−μ(M+m)gM=12−0.25×(2+2)×102m/s2=1m/s2假设4s内m不脱离M，则M的位移为：x＝12at2=12×1×42m＝8m＞2m所以，4

（1）经过1s,A.B的速度相等.对a,b分别作受力分析,a的加速度是4m/s2,b的加速度是2m/s2.因为最终的速度是相等的,于是有等式,a的末速度等于b的末速度.即2t（b的速度表达式,初速度为

(1)m与M间恰无摩擦力时m与M具有相同的加速度a=F/(m+M)单独分析mm水平只受弹簧拉力a=F弹/m=kL/mkL/m=F/(m+M)F=3N(2)m与M恰好相对滑动时m与M具有相同的加速度a=

（1）设经t0时间物体A滑离木板，则对A：SA=v0t0对木板B：SB=12at20SA-SB=L联立解得：t0=2s，t′=3s（舍去）（2）AB间的滑动摩擦力为：fAB=F=8N此时地面对B的摩擦

0.8；0.24根据动量守恒有：，解得小车的最大速度是0.8m/s；根据动量定理有：，得t=0.24s。

（1）对物块由牛顿第二定律：F-μmg=mam1得：am1=F−μmgm＝2m/s2由L＝12am1t21  得t1＝2Lam1＝1s所以：vm1=am1t1=2m/s（2）I区域

不用管滑轮是动还是定,只做静态的受力分析就可以.同一根绳子上的拉力是相等的.F1=F2F3的那根绳子拉着F1与F2所在的滑轮,F3=F1+F2=2F2吊篮与人这个整体,被F1,F2,F3共同拉着：人与

（1）木板获得初速度后，与小滑块发生相对滑动，木板向右做匀减速运动，小滑块向右做匀加速运动，根据牛顿第二定律，加速度大小分别为：am=fmm=μ2g=4m/s2aM=fm+f地M=5m/s2设木板与墙

A、B/小木块的加速度为：a1＝F−μmgm＝4−21＝2m/s2，木板的加速度为：a2＝μmgM＝1m/s2，脱离瞬间小木块的速度为：v1=a1t=4m/s，木板的速度为：v2=a2t=2m/s．故

设地面与木板的摩擦力为f,则有f=u(M+m)g=6N.把M与m整体考虑,M对地的加速度为a=1m/s2,m对地的加速度为-a=-1m/s2,故F-f=Ma+m(-a)计算得F=7Nm相对于M的加速度