理想变压器原线圈输入正弦交流电,副线圈对应时间是什么交流电

A、原、副线圈中的电流之比等于匝数反比为1：1l，故A错误；B、原线圈电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比知电压表示数为20V，故B正确；C、若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，副线圈电流为1A

A、原线圈接入电压为220V的正弦交流电，原、副线圈的匝数比是5：l，则副线圈电压为44V，原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为1：5，A错误；B、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两

A、电压表的示数指的是有效值，据变压器电压与匝数的关系U1U2＝n1n2得U2=40V，选项A正确；B、据u＝2202sin100πt（V）得变压器原、副线圈电压的频率均为50Hz，选项B错误；C、将

A、电动机为非纯电阻，IR仅仅是电动机内阻的分压，A错误；B、电流与匝数成反比，所以原线圈中的电流为In，B错误；C、副线圈两端的电压为U02n，电动机消耗的电功率为U0I2n，C错误；D、电动机消耗

A、原线圈电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比知电压表示数为40V，故A错误；B、由表达式知ω=100π，f=ω2π=50Hz，故B错误；C、D、滑动触头P向a下移动，电阻变小，电压不变，电流增

1、原线圈电压有交值U=U0/√2U1/U2=nU2=U0/n√2电动机两端的电压U=U2-IR=U0/n√2-IR2、I1/I2=1/nI1/I2/n3、电动机消耗的功率P=UI=U0I/n√2-I

A、电动机两端电压为副线圈两端的电压U0n2，A错误；B、原线圈中的电流为In，B错误；C、电动机消耗的电功率为P电=U0I2n，C正确；D、由功能关系知P电=I2R+mgv，解得v=I(U0−2nI

如果输入电流是正弦函数,那么输出的电流是正弦函数.方向与线圈的缠绕方式有关.这个关系根据楞次定律,或者法拉第电磁感应定律可以求出.对于电压关系,电压总是超前电流相位π/2,所以,输入余弦函数,输出余弦

由于原线圈的输入电压不变，变压器的匝数比也不变，所以副线圈的输出电压不变，当可变电阻的滑片向下移动时，电阻R减小，副线圈的电流I2增大，所以原线圈的电流I1也要增大，由于副线圈的电压不变，根据P=U2

变压器的输入电压U1是由电源提供的,而变压器的原线圈此时相当于是这个电源的一个负载.实际情况下这个负载是电阻与电感的复合体,电阻和电感上都有电压（电感上的电压就等于原线圈的感应电动势E1）,这两个电压

选项在哪里?再问：讲下，变压器的输入功率为什么是UI/N再答：变压器输入功率等于变压器输出功率，等于原线圈电压乘上原线圈电流等于副线圈电压乘上副线圈电流，而原副线圈电压比为线圈匝数比，那么电流比为匝数

A、根据电压与匝数成正比知副线圈电压最大值为42V，角速度ω=2π0.02=100π，所以副线圈两端电压的瞬时值表达式为u′=42sin100πtV，A错误；B、把t=0.02s代入表达式知电压表V2

不可能是25W,应该是2.5W.因为是理想变压器,原副线圈匝数比为2:1,所以输出电压为20÷2＝10V.因为是理想二极管,不考虑二极管的正向压降.线路目前是半波整流,取整流输出的直流电压为交流电压的

变压后副线圈电压是一样的AB功率一样所以电流I^2*电阻R前后一样所以[u/(r+R)]^2*R=[u/(r+R/2)]*2(R/2)解出来就是了u可以消掉

第一个要注意的问题是一般来讲电流和电压表的示数应该是有效值,而非峰值.分析：电压表测电阻两端电压,当正半周（假设）二极管导通时,电阻压降就等于变压器副边电动势；负半周二极管截止,副边电流为零,那么电阻

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，故A错误；BC、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的

A、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压362v，周期0.02S，故角速度是ω=100π，u=362sin100πt（V），故A正确；B、Rt处温度升高时阻值减小，副线圈中电流增大，R1分担

二极管具有单向导电性，副线圈的电压只有正向电压．B、电压表的读数应该是副线圈电压的有效值，由电流热效应知112R×12T+0=U22RT，得U2=7.8V，所以B正确；C、二极管两端的最大电压应该是电

A、电压表显示的是副线圈的有效值，不为零，故A错误；B、由图乙知交流电的周期0.02s频率50Hz，变压器不改变频率，故B错误；C、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压51v，周期0.02S

答案C是正确的.U1、U2、I1、I2测得数值都是有效值,所以,A、B不对.R向下滑,电阻减小,因为理想变压器的电压U2只和U1有关,不随电阻变化.所以,电阻减小时,只有电流I2变大,D是错的.因此,