给一个滑块初速度v0,导轨足够长,末速度与v0无关

如果没有发生碰撞,设可以行s米动能定理1/2mv平方=umgs解得s=2米因为发生碰撞却没有能量损失,所以滑块在盒子内总共会滑行s=2米即向右碰壁后返回滑行至中央.所以碰壁一次

1、物体沿斜面上滑,物体受到重力和摩擦力,由F=ma,得a=F/mF为重力沿斜面的分力和摩擦力的合力.做受力分析得：N-mgcosθ=0∴N=mgcosθ滑动摩擦力f=μN=μmgcosθ∴F=mgs

规定初速度的方向为正方向，若滑块的末速度与初速度方向相同，则t=v−v0a＝v02−v0−g2＝v0g．若滑块的末速度与初速度方向相反，则t=v−v0a＝−v02−v0−g2＝3v0g．故B、C正确，

滑块在滑动过程中，要克服摩擦力做功，其机械能不断减少；又因为滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力，所以最终会停在斜面底端．在整个过程中，受重力、摩擦力和斜面支持力作用，其中支持力不做功．设其经过

物体先沿斜面向上做匀减速直线运动，后沿斜面向下做匀加速直线运动．根据牛顿第二定律可知：物体上滑的加速度大于下滑的加速度，则上滑的时间短于下滑的时间，返回出发点时速度与初速度v0小．则a图符合物体的运动

当滑块在往上滑时,t=Δv/a=v0/g当滑块在返回下滑时,t'=t上+t下=2v0/g+v0/g=3v0/g所以时间为v0/g或3v0/g再问：请问一下当滑块返回下滑时是不是滑块先滑到顶端，再下去。

摩擦力f=μmg由动能定理：整个过程中物体移动的距离s-fs=0-mv0^2/2s=mv0^2/2f=v0^2/2μgs-L/2=nLn=(s-L/2)/L碰撞的次数=n+1=s/L+1/2=v0^2

以滑块为研究对象，滑块在整个运动过程中克服摩擦阻力做功消耗了滑块的初始动能，动能定理列方程，设碰撞n次：        

联立两个方程Vt=V0-at和Vt²-V0²=2as就能算了再问：我知道，可是是怎么运动的一直向上，一直向下，还是先上后下再答：先上后下啊，看速度的方向，原来速度方向向上，20秒之

第一题动量守恒共速时最大v共速=mv0/(m+M)时间t=v0*M/(M=m)/ug第二题F=mv平方/r=2Ep/r=2mgh/r=5N

其实就是这样,是个极限问题~

（1）设小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，设向右为正方向，则由动量守恒定律得：    mv0-mv0=2mv解得：v=0．对物块A，由动量

1)板长为L时：设滑块停在木板后共同对地速度为V,滑块在木板上的摩擦力为f动量守恒：mv0=3mV,因此,V=V0/3功、能转换：1/2mv0^2=1/2(m+2m)V^2+fL=1/6mv0^2+f

动量守恒mv0=(M+m)v得到vumgs=(1/2)mv^2得到s能量守恒(1/2)mv0^2=(1/2)(m+M)v^2+Q得到Q再问：懂了！

看不到图片,只好瞎猜了.由题意估计,斜面倾角为θ沿斜面方向：Gsinθ-f=ma垂直斜面方向：Gcosθ=Fn且：f=μFn=μGcosθGsinθ-f=G(sinθ-μcosθ）=ma因μ

A、根据动能定理研究从开始下滑回到原处有：W安=△EK因为导体棒上和下过程中，安培力都做负功，所以整个过程导体棒动能减小，所以滑回到原处的速率小于初速度大小v0，故A正确．B、对导体棒上和下进行受力分

猜测着做一下吧.设到达B处时物体速度大小为v,加速度大小为a,则在CB段：v²-v0²=-2as即v²-7*7=-2*a*3.25v²-49=-6.5aBA段,

0.5ma=1.5mb,动量守恒,A损失的速度提供给B了!再问：过程不知道。。再答：mav0=0.5mav0+1.5mbv0

竖直上抛过程,取向为正方向则有-mg-f=ma1,a1=-（g+f/m）.设上抛高度为H,则v02=2a1H竖直下落过程：mg-f=ma2,a2=g-f/m因为vt2=2a2H由以上解之得f=(v02

(1)因为滑块所受摩擦力小与滑块沿斜面方向的重力分力,所以受到合力沿斜面向下,想上做匀减速运动（2）设滑块第一次到最高点是经过的路程为s根据机械能守恒,有m(v0^2)/2=mgs(sina)+umg