已知函数f(x)=x3+2x2-ax.对于任意实数x恒有f′(x)≥2x2+2x-4
来源:学生作业帮 编辑:大师作文网作业帮 分类:数学作业 时间:2024/09/24 19:25:04
已知函数f(x)=x3+2x2-ax.对于任意实数x恒有f′(x)≥2x2+2x-4
(Ⅰ)求实数a的最大值;
(Ⅱ)当a最大时,函数F(x)=f(x)-x-k有三个零点,求实数k的取值范围.
(Ⅰ)求实数a的最大值;
(Ⅱ)当a最大时,函数F(x)=f(x)-x-k有三个零点,求实数k的取值范围.
(1)∵f′(x)=3x2+4x-a,
对于x∈R恒有f′(x)≥2x2+2x-4,
即x2+2x-a+4≥0对于x∈R恒成立
∴△=4-4(4-a)≤0,
解得:a≤3,
∴amax=3;
(2)∵a=3时,F(x)=f(x)-x-k有三个零点
∴k=x3+2x2-4x,
令g(x)=k,
则g′(x)=3x2+4x-4,
令g′(x)=0,解得:x=-2,x=
2
3,
x,g(x),g(x)情况如下表:
x (-∞,-2) -2 (-2,
2
3)
2
3 (
2
3,+∞)
g′(x) + 0 - 0 +
g(x) 单调递增 极大值8 单调递减 极小极-
40
27 单调递增(10分)
由上表知,当x=-2时g(x)取得极大值g(-2)=-8,当x=
2
3时g(x)取得极小值g(
2
3)=-
40
27
数形结合可知,实数k的取值范围为(-
40
27,8).
对于x∈R恒有f′(x)≥2x2+2x-4,
即x2+2x-a+4≥0对于x∈R恒成立
∴△=4-4(4-a)≤0,
解得:a≤3,
∴amax=3;
(2)∵a=3时,F(x)=f(x)-x-k有三个零点
∴k=x3+2x2-4x,
令g(x)=k,
则g′(x)=3x2+4x-4,
令g′(x)=0,解得:x=-2,x=
2
3,
x,g(x),g(x)情况如下表:
x (-∞,-2) -2 (-2,
2
3)
2
3 (
2
3,+∞)
g′(x) + 0 - 0 +
g(x) 单调递增 极大值8 单调递减 极小极-
40
27 单调递增(10分)
由上表知,当x=-2时g(x)取得极大值g(-2)=-8,当x=
2
3时g(x)取得极小值g(
2
3)=-
40
27
数形结合可知,实数k的取值范围为(-
40
27,8).
已知函数f(x)=x3+2x2-ax.对于任意实数x恒有f′(x)≥2x2+2x-4
已知函数f(x)=4x+k?2x+14x+2x+1,若对于任意实数x1,x2,x3,均存在以f(x1),f(x2),f(
已知二次函数f(x)=ax^2+bx+1,对于任意实数x1,x2(x1≠x2)
已知函数f(x)=(4^X+K×2^X+1)/(4^X+2^X+1),若对于任意实数X1,X2,X3,均存在以f(x1)
已知函数f(x)=x2+bsinx-2.(b属于R)F(x)=f(x)+2,且对于任意实数x恒有F(x-5)=F(5-x
函数f(x),x∈R,若对于任意实数x1,x2都有f(x1+x2)+f(x1-x2)=2f(x1).f(x2),求证f(
已知函数f(x),x∈R,若对于任意实数x1,x2都有f(x1+x2)+f(x1-x2)=2f(x1)f(x2),试判断
函数f(x),x属于R,若对于任意实数x1,x2,都有f(x1+x2)+f(x1-x2)=2f(x1)*f(x2),求证
已知二次函数f(x)=ax^2+x,对于任意x1,x2∈R,比较
二次函数f(x)的二次项系数为正,且对于任意实数x恒有f(2+x)=f(2-x),若f(1-2x2)<f(1+2x-x2
函数F(X),X属于R,若对于任意实数X1,X2都有F(X1+X2)+F(X1-X2)=2F(X1)F(X2)求证F(X
已知函数f(x)={x2+2x,x≥0 -x2+2x,x3